Отправляет email-рассылки с помощью сервиса Sendsay

RFpro.ru: Консультации по физике

  Все выпуски  

RusFAQ.ru: Физика


Информационный Канал Subscribe.Ru

РАССЫЛКИ ПОРТАЛА RUSFAQ.RU

/ НАУКА И ОБРАЗОВАНИЕ / Точные науки / Физика

Выпуск № 23
от 19.11.2005, 19:42

Администратор:Tigran K. Kalaidjian
В рассылке:Подписчиков: 49, Экспертов: 10
В номере:Вопросов: 1, Ответов: 2


Вопрос № 29549: Здравствуйте, уважаемые эксперты! Прошу помощи в решении задачи потому-что препод вообще не объясняет решения, связанный с каким-либо ВЫВОДОМ формул, хотя вовсю задает такие задачи. Если не трудно, объясните что по чем интегрировать - дальше ...

Вопрос № 29.549
Здравствуйте, уважаемые эксперты!
Прошу помощи в решении задачи потому-что препод вообще не объясняет решения, связанный с каким-либо ВЫВОДОМ формул, хотя вовсю задает такие задачи.
Если не трудно, объясните что по чем интегрировать - дальше сам разберусь.
Задача: номер 14.59 из задачника Чертова:
Треть тонкого кольца радиуса R=10см несет равномерно распределенный заряд Q=50нКл. Определить в точке O (центр кольца) напряженность E электрического поля.
Помогите разобраться!
Отправлен: 14.11.2005, 19:41
Вопрос задал: Стомов Евгений (статус: Посетитель)
Всего ответов: 2
Мини-форум вопроса >>> (сообщений: 1)

Отвечает: Tigran K. Kalaidjian
Здравствуйте, Стомов Евгений!

Жалко, что здесь формулы набирать нельзя толком…
E=INTEGRAL[(1/(4*pi*epsilon_0))*R*d(alpha)*Cos(alpha)*(Q/((2/3)*pi*R))/R^2]
В пределах –pi/3 Комментарий: (1/(4*pi*epsilon_0)) – атрибут системы СИ.
(Q/((2/3)*pi*R)) - плотнось заряда
R*d(alpha) – элемент дуги.
Ответ: 3*sqrt(3)*Q/(8*R*epsilon_0*(pi^2)) – советую проверить.

---------
aqua nostra ignis est
Ответ отправил: Tigran K. Kalaidjian (статус: Профессионал)
Отправлен: 14.11.2005, 20:58

Отвечает: Шутяев Игорь
Здравствуйте, Стомов Евгений!

Из симметрии понятно, что итоговая напряженность будет направлена по оси симметрии. Возьмем dl=R*dalpha - участок кольца, угол на который от оси симметрии alpha (максимальный угол от минус до плюс alphaMax, поскольку треть кольца, то alphaMax=pi/3), а его угловой размер dalpha. Тогда проекция поля, создаваемого этим участком на ось симметрии равна

dE=Q/L*dl/R^2*cos(alpha) где L=2*alphaMax*R - длина участка кольца

dE=Q/(2*alphaMax*R)*R/R^2*cos(alpha)*dalpha=Q/(2*alphaMax)/R^2*cos(alpha)*dalpha

Интеграл по углу от минус альфа-макс до плюс. Успехов! )
Ответ отправил: Шутяев Игорь (статус: 2-ой класс)
Отправлен: 15.11.2005, 08:57


Отправить вопрос экспертам этой рассылки

Приложение (если необходимо):

* Код программы, выдержки из закона и т.п. дополнение к вопросу.
Эта информация будет отображена в аналогичном окне как есть.

Обратите внимание!
Вопрос будет отправлен всем экспертам данной рассылки!

Для того, чтобы отправить вопрос выбранным экспертам этой рассылки или
экспертам другой рассылки портала RusFAQ.ru, зайдите непосредственно на RusFAQ.ru.


Форма НЕ работает в почтовых программах The BAT! и MS Outlook (кроме версии 2003+)!
Чтобы отправить вопрос, откройте это письмо в браузере или зайдите на сайт RusFAQ.ru.


© 2001-2005, Портал RusFAQ.ru, Россия, Москва.
Идея, дизайн, программирование: Калашников О.А.
Email: adm@rusfaq.ru, Тел.: +7 (926) 535-23-31
Авторские права | Реклама на портале
Яндекс Rambler's Top100 hotlog_js="1.0"; hotlog_r=""+Math.random()+"&s=314124&im=101&r="+escape(document.referrer)+"&pg="+ escape(window.location.href); document.cookie="hotlog=1; path=/"; hotlog_r+="&c="+(document.cookie?"Y":"N"); hotlog_js="1.1";hotlog_r+="&j="+(navigator.javaEnabled()?"Y":"N") hotlog_js="1.2"; hotlog_r+="&wh="+screen.width+'x'+screen.height+"&px="+ (((navigator.appName.substring(0,3)=="Mic"))? screen.colorDepth:screen.pixelDepth) hotlog_js="1.3" hotlog_r+="&js="+hotlog_js; document.write("HotLog")

Subscribe.Ru
Поддержка подписчиков
Другие рассылки этой тематики
Другие рассылки этого автора
Подписан адрес:
Код этой рассылки: science.exact.fisikafaq
Архив рассылки
Отписаться
Вспомнить пароль

В избранное